2023届滚动联考10物理

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2023届滚动联考10物理试卷答案

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14.【解析】(1)设物体经过B点的速度为$$vB,$$则由平抛运动的规律可得$$vB37^=v0$$(1分)解得$$vB=2m/s$$设物体经过C点的速度为$$vc,$$由机械能守恒定律得$$12mvB^2+mg(R+R37^)=12mvc^2$$(1分)

2023届滚动联考10物理第一部分

13.(1) A CD( 2分) (2)C(2分) ( 3 ) m _ { 1 } { x _ { 2 } } = m _ { 1 } { x _ { 1 } } + m _ { 2 } { x _ { 3 } } ( 2分)m _ { 1 } { x _ { 2 } } ^ { 2 } =m _ { 1 } { x _ { 1 } } ^ { 2 } + m _ { 2 } { x _ { 3 } } ^ { 2 } ( 2 .分) ( 4 ) m _ { 1 } { l _ { 2 } } = m _ { 1 } { l _ { 1 } } + m _ { 2 } { l _ { 3 } } ( 2分) 【解析】(1)小球1每次从斜槽上相同的位置自由滚下,使得每次小球1与小球2碰撞前的速度相 同,A项正确;斜槽的粗糙与光滑不影响实验的效果,B项错误;斜槽轨道末端必须水平,保证小球碰撞前的速度方向水平,C项正确;若小球1的质量小于小球2的质量,则小球1可能被碰回,所以小球1的质量必 须大于小球2的质量,D项正确。 (2)本实验除需测量线段OM、OP、ON的长度外,还需要测量的物理量是两小球的质量,因为可以通过水平位移代表速度的大小,所以不必测量A、B两点间的高度差和B点离地面的高度,C项正确。 (3)因为平抛运动的时间相等,根据v = { x } { t } ,可知水平位移可以代表速度,x _ { 2 }是小球1不与小球2碰撞时平抛运动的位移,该位移可以代表小球1碰撞前的速度,x _ { 1 }是小球1碰撞后平抛运动的位移,该位移可以代表小球1碰撞后的速度,x _ { 3 }是小球2碰撞后的水平位移,该位移可以代表小球2碰撞后的速度,如果满足m _ { 1 } v _ { 0 } = m _ { 1 } v _ { 1 } + m _ { 2 } v _ { 2 } ,即m _ { 1 } { x _ { 2 } } = m _ { 1 } _ { 1 } + m _ { 2 } { x _ { 3 } } ,则说明两球碰撞遵守动量守恒定律;如果满足 { 1 } { 2 } m _ { 1 } v _ { 0 } ^ { 2 } = { 1 } { 2 } m _ { 1 } v _ { 1 } ^ { 2 } + { 1 } { 2 } m _ { 2 } v _ { 2 } ^ { 2 } ,即m _ { 1 } { x _ { 2 } ^ { 2 } } =m _ { 1 } { x _ { 1 } } ^ { 2 } + m _ { 2 } { x _ { 3 } } ^ { 2 } ,则说明碰撞过程机械能守恒。 (4)碰撞前,小球1落在图中的P’点,设其水平初速度为v _ { 1 } ,小球1和2发生碰撞后,小球1的落点在图中M点,设其水平初速度为v _ { 1 } ‘ ,小球2的落点是图中的N’点,设其水平初速度为v _ { 2 } ,设斜面与水平面的夹角为α,由平抛运动规律得L _ { p } = { 1 } { 2 } g t ^ { 2 } ,L _ { p } = v _ { 1 } t ,4解得 同理v _ { 1 } ‘ = 可见速度正比于 l ,所以要验证两小球碰撞过程动量守恒只需要验证m _ { 1 } { l _ { 2 } } = m _ { 1 } { l _ { 1 } } + m _ { 2 } { l _ { 3 } } 。

2023届滚动联考10物理第二部分（待更新）

13.(16分)如图1所示,质量为2kg的滑块(可视为质点)在离地面高,h=2m初速度v0=3m开始下滑,到B点的速度为6m/s,通过粗糙水平轨道B3C半圆轨道运动.已知滑块与水平轨道B3C间的动摩擦因数=0.10,,且C、O、D三点在同一竖直线上,设水平轨道长BC=x,光滑半圆轨道的半径大小为0.51m,重力加速度取g=10m/s^2.(1)求滑块从A到达B摩擦力做的功.(2)若滑块恰好通过圆轨道最高点D,则水平轨道长x为多大?(3)在图2坐标系内画出滑块过D点对圆轨道的压力F与水平轨道长x之间的关系的图像.

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